有一半径为R的单匝平面圆形线圈,通以电流I

（1）如图，紫光刚要发生全反射时的临界光线射在屏幕S上的点E到亮区中心G的距离r就是所求最大半径．设紫光临界角为C，由全反射的知识得：sinC=1n，又：AB=RsinC=Rn，OB=RcosC=Rn

再问：请问还有b滑块呢？在B点a,b正碰。而且说了b滑块碰后的速度和a滑块碰前的速度相同。再答：解题的目的是，求出答案，在本题中，看不出b的有关条件。所以，就不理它。题设中，并没有说，二者碰后，就成为

根据感应电动势公式,用右手定则判断方向q=it

1.根据动能定理.初始动能+电能=现在的动能.这个你会撒2.上题求到了速度.课根据U=QVB3.求了电压,就可以求电流,根据动力BIL.A=BIL/M.其中的L就是就是与Y的量交点距离再问：第三问能给

设导线的电阻率为ρ，横截面积为S，线圈的半径为r，则感应电流为：I=ER=n△Φ△tρLS=n△B△tπr2sinθρn•2πrS=Sr2ρ•△B△t•sin30°；A、由法拉第电磁感应定律：E=n△

匝数多了,长度长了,所以R大了线圈面积变了,直径变了,所以长度就变了,R变了半径变了,长度变了,所以R变了.

看这个图,根据右手定则,产生的磁场向上且呈现中间密两边疏的情况,所以2从上到中间,磁感线变密,磁通量逐渐变大,方向向上,穿过1后向下,磁感线变疏,磁通量变小,方向依旧向上~

当线圈平面与磁场方向垂直时，磁通量Φ=BS；在国际单位制中，磁通量的单位是Wb；故答案为：BS，Wb．

1、交变电动势的顺时针E=NBSwsinwt,此处BS=(5/π^2)π*0.01=0.05/π,N=100.n=10r/s,w=2πn=20π所以E=(5/π)*20πsin(20πt)=100si

平面上的还有最高点和最低点吗?

看图片解答.

你这样想由于机械能守恒吧?在最高点,重力势能最大,动能是不是最小?速度是不是最小?所以,在运动中,球的速度V是大于等于根号下4rg/5的.时间等于路程除以速度,路程等于2πr,你把这个除以根号下4rg

(1)mg=mVB^2/RVB=√gR(2)根据机械能守恒定律mgh=mg*2R+mVB^2/2h=2R+R/2=3R/2(3)mgh=mVC^2/2VC^2=2gh=3gRCD轨道上的加速度a=-μ

最后能经过运行轨道甲,则至少要求到最高点时,重力提供向心力,即有：mg=mv^2/Rv^2=gR对整个过程进行分析：从A点最后到轨道最高点,势能减少mg3R-mg2R=mgR摩擦力做功W=-2mguL

当小线圈中通有电流I时, 产生的磁场方向有上有下,总量又相等合起来为0 半径分别为R和r,且R远大于r,且R远大于r说明小线圈产生的磁场很少跑在大线圈外所以为0

（1）由法拉第电磁感应定律得：E=n△B△ tS=n△B△tπR2，因n、△B△t相同，则得到：E：E′=R2：R′2=1：4．（2）根据电阻定律：线圈的电阻为r=ρLs，则ρ相同，而L增长

在本题中,动能通过动生电流的安培力做功向感应电能转化.当线圈一半进入磁场中时,题意已经明确了电路中产生了电能Ee=3J,由能量守恒,还有2J的动能,进而求出速度,应用法拉第电磁感应定律求瞬时感应电动势

根据画轨迹、找圆心、定半径思路分析．注意两点,一是找圆心的两种方法(1)根据初末速度方向垂线的交点．(2)根据已知速度方向的垂线和弦的垂直平分线交点．二是根据洛伦兹力提供向心力和三角形边角关系,确定半

解题思路：本题考查了电磁感应与电路的结合，由楞次定律可判断感应电流的方向，解题过程：

1、由能量守恒Eo=Ee+1/2mv^2得v=22、切割磁感线的有效长度L=2*开根号之（r^2-（1/4r）^2）=根号3     E=BLV=0.