如图所示物体从距水平传送带高h处,由静止开始沿光滑曲面下滑,以水平速度v1滑上

A、相遇时，甲球水平方向上的位移为x，则从抛出到相遇所用的时间t=xv1．故A正确．B、两球相遇时，竖直方向上的位移大小之和为H，有12gt2+v2t−12gt2＝H，解得t=Hv2．如果相遇发生在乙

A、t1时刻小物块向左运动到速度为零，离A处的距离达到最大，故A错误；B、t2时刻前小物块相对传送带向左运动，之后相对静止，故B正确；C、0～t2时间内，小物块受到的摩擦力方向始终向右，t2～t3时间

（1）滑块在由A到B的过程中，由动能定理得：mgh＝12mν2B-0，解得：νB＝2gh；（2）滑块在由B到C的过程中，由动能定理得：μmgL＝12mν20−12mν2B，解得，μ＝ν20−2gh2g

1,加速度2,匀减速运动,2.5S后停止运动,也就是可以运动6.25M,故而可以直接带入公式计算.v^2-v0^2=2AS.2AS为-16,vo为25,得出末速度为3m/s,故而正确.2,正确,速度相

由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：①如果v1＞v2，物体会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v′2=

由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：①如果v1＞v2，物体会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v′2=

（1）动能定理1/2MV²-0=MGHV=√2gh（2）牛顿第二定律F摩=AM根据运动学式子V末²-V初²=2ASV0²-V²=2ALA=V0

（1）物体将从传送带的右边离开．物体从曲面上下滑时机械能守恒，有mgH＝12mv2解得物体滑到底端时的速度v0＝2gh＝4m/s以地面为参照系，物体滑上传送带后向右做匀减速运动直到速度为零，期间物体的

传送带逆时针滑动时小物块受到的是滑动摩檫力产生的加速度为ug以地面为参考系位移为传送带长度L,根据2as=vt的平方公式算出结果和传送带静止时vt相等所以还落到p点,实际上传送带就是提供了滑动摩擦力与

对物块：umg=maa=2m/s^2v^2=2ax把v=4m/s代入,x=4mx2=16m-4m=12mt1=v/a=2st2=x2/v=3st=t1+t2=5s

由于传送带足够长，物体减速向左滑行，直到速度减为零，然后物体会在滑动摩擦力的作用下向右加速，分三种情况讨论：①如果v1＞v2，物体会一直加速，当速度大小增大到等于v2时，物体恰好离开传送带，有v3=v

砂子落地速度Vy=4m/s,用动量定理分量式:水平方向:ft=mV0.(1)竖直方向:Ft=mVy.(2)传送带对砂子的作用力为摩擦力f和弹力F的合力.方向与水平夹角为θ,则:tanθ=F/f=Vy/

(1)、从抛出点到落地用时:h=1/2*g*t*tt=0.8s平抛时的速度为v1:s=vtv1=2m/s在传送带上的加速度向左,大小为a:a=ug=2m/(s*s）初速度v:v*v-v1*v1=2aL

A、若物体从右端滑到左端和从左端滑到右端的过程中一直相对于传送带滑动，此时滑动摩擦力提供加速度，两者加速度相等，运动的位移相等，都做匀减速运动，所以运动的时间相等，故A正确；B、若v2＜v1，物体从左

没有给出动摩擦因数,求不出具体结果,但到达b点的速度一定大于等于8米每秒,即这个过程先减速再匀速,或者一直减速,看物体减速到8米每秒所需要的距离和L比较,如果距离大于8米,说明到达b点的速度大于8米每

"P点或P点的右侧本题涉及的物理知识主要有：滑动摩擦力、牛顿第二定律、匀变速直线运动、平抛运动等．物块由水平台滑上传送带到落在地上,分两大过程：传送带上的直线运动、离开传送带后的平抛运动．总体上,只要

1)h=1/2gt*tx=v0*t代有关数据得t=0.4sv0=4m/s

1、设从右端平抛出去的速度为V1根据平抛规律有：S=v1th=gt²/2得t=0.8s,V1=2m/s根据牛2：a=ug=2又：-2aL=V1²-V0²得V0=4m/s2

A、若物体从右端滑到左端和从左端滑到右端的过程中一直相对于传送带滑动，此时滑动摩擦力产生加速度，两者加速度相等，运动的位移相等，都做匀变速运动，所以运动的时间相等，否则不等，故A错误；B、若v2＜v1

1.MgH=MV^2/2V=根号内2gH2.列个方程设加速度为a,时间t=（V0-V)/aV(V0-V)/a+(V0-V)^2/2a=L因为V=根号内2gH最后得a=(V0^2-2gH)/2Lgμ=a