如图所示,一质量不计的横梁,A端用铰链固定在墙壁上

（1）根据牛顿第二定律得：F-mg=ma，解得：F=mg+ma=30+3×2N=36N．（2）2s内的位移为：x=12at2＝12×2×4m＝4m．（3）2s末速度为：v=at=2×2m/s=4m/s

这个方法叫相似.就是把受力图画出来,一定要画的标准,长度,角度.然后,你在看杆,线和墙的形状,会发现,和受力图的形状相同.这样你转的时候就会发现什么是变的,比如绳的长度,那么相似三角形中和绳的那个边相

（1）整个过程从A到D，由动能定理有：mg•ADsinθ-μmgcosθ（AB+BC+AB+BC-AD）=0-12mv02代入数值解为：μ=0.5（2）从A到C过程，根据动能定理：mg•ACsinθ-

烧断细线之前绳子拉力F拉,弹簧弹力F弹：A+B为整体：F拉=2mgB：F弹=mg绳子烧断瞬间：A：F弹+mg=ma(A)a(A)=2g绳子烧断瞬间,弹簧形变为变化,弹力也未变化,因此B：F弹-mg=m

动滑轮,A移动0.4米,绳子自由端,即F移动了0.8米,故做功：W＝FS＝2*0.8＝1.6J

以横梁为研究对象受力分析,受向下的G,过A点的F,沿BC的T,三力平衡.选A为支点,铰链对横梁的力F的力矩为0,CB绳的力矩为TL,L为A到BC的垂直距离,为定值.G的力矩为GS,S是物体的悬挂点到A

这种题目,你先自己分析,然后再做题目,这样对你帮助会更大些 先受力分析吧接下来,再看题目其实你要注意到M（sinα＋μcosα)  这个地方和Mg（sinα＋μcosα)

整体法把M和m看成一个整体,∴水平面对M和m的支持力=(M+m)gA正确墙面对正方体的弹力大小=mgcota=MgtanaB错正方体对直角劈的弹力大小=mg/sinaC错直角劈对墙面的弹力大小=mgc

在本题中通过滑轮的绳子所受力的大小相等，都等于C的重力，由于OA方向不变，因此绳子OA与OC的合力不变，根据受力平衡可知，绳子OA与OC的合力大小等于绳子OB的拉力大小，故无论B左移右移，F都保持不变

（1）滑块从A到B，由机械能守恒得mgR＝12mv2解得v=2m/s在B点，由牛顿第二定律得N−mg＝mv2R解得N=30N（2）在传送带上滑块先做匀减速运动，由牛顿第二定律得：-μmg=ma1解得a

A、由于B点始终处于平衡状态，故B点受到的力的大小为各力的合力．故B点在变化过程中受到的力始终为0．故大小不变．故A错误B、由对A项的分析知B点受到的力始终为0，不变．故B错误．C、由对A项的分析知B

C

A、由于B点始终处于平衡状态，故B点受到的力的大小为各力的合力．故B点在变化过程中受到的力始终为0．故大小不变．故A错误B、由对A项的分析知B点受到的力始终为0，不变．故B错误．C、由对A项的分析知B

A也应该是3kg,因为是定滑轮.左端的质量是6kg.这是天平还有游码呢,左物右码,物的质量等于砝码的质量加游码的质量,C相当于砝码,所以C的质量小于或等于6kg,所以选择A选项.

物体P的重力势能的变化量就是手对绳子做的功,因此求出物体的上升高度即可,成为数学问题.设绳子A端到B点后,A点不变,AP=h,则BP=2.5×2-h=5-h,有h^2+4^2=(5-h)^2解得h=0

之前我回答别人的,参考下吧.有问题再一起探讨.细线,烧断后,我已分析过,B瞬间静止不动,且所受合力为0,而A所受到的细线F拉由原来的2mg突然消失,因此A的瞬间加速度为2g,向下加速运动；由于瞬间B不

以AB组成的系统为研究对象，由牛顿第二定律得：系统的加速度a=F−μ×2mg2m+m=F−2μmg3m，以B为研究对象，由牛顿第二定律得：A对B的作用力：FAB=ma=F−2μmg3，即AB间的作用力

首先,因为半径是固定的,所以,达到最大速度时,也就是达到最大角速度时因为是个支架,A和B的角速度肯定是相等的所以AB是同时达到最大速度的这应该好理解什么时候速度最大呢,也就是什么时候动能最大呢,由机械

对于A、B组成的系统，由于运动过程中只有重力和杆的弹力做功，所以系统的机械能守恒，根据机械能守恒定律．以最低点B球所在的水平面作为重力势能的0势面，列方程为： 12mv2A+mgL2+12m

因为处于静止状态所以滑轮两边受力平衡因为B重10N所以A拉着滑轮的力也为10N则滑轮处受合力为20N故测力计显示20N其中A受支持力为30N