从编号为1,2,--,10的十个大小相同的球中任取四个,则

⑴2/10⑵1/2⑶1/15⑷2/15再问：可不可以详细解释一下再答：所有的可能情况为10x（10-1）=90种

恩是因为有十个球,所以从10个中任选一个的可能结果有10个,在10个结果中是偶数的可能结果有5个,所以编号是偶数的概率是5/10=0.5

由题意知本题是一个古典概型，∵试验发生的总事件是任取5个球有C105种结果，满足条件的编号之和为奇数的结果数为C51C54+C53C52+C55=126，由古典概型公式得到，∴概率为126C510=1

B式子：5C3/10C4解释：分母是10个数字任取4个分子是先取6其余3个数字在1~5这5个数字中任取3个所以就是1×5C3

是2i,不是2i+1,你举个简单的例子就可以看出来的,比如7个节点时（也就是三层时）,编号为1的左子树编号是2,编号2的左子树是4,编号3的左子树编号为6.以此就可以看出来.以上回答你满意么?

#include#defineN10//定义个数#defineC3//定义报数intmain(){inta[N];inti,j,count;//初始化数组for(i=0;i1;){if(a

这是一个组合的问题,先选一个放入编号不同于球编号的盒子中（有三种情况）,例如1放入2中,然后考虑和这个盒子相同的编号的球,这里是2,可以放入1,3,4中（三种情况）,剩下的就只有一种放法了,因此一共是

11个数中总共有6个奇数5个偶数然而取5个球其编号之和为奇数的可能性有1个奇数4个偶数取法有C(6,1)*C(5,4)=6*5=30种3个奇数2个偶数取法有C(6,3)*C(5,2)=20*10=20

1到5号球里.选择3个,还有一个选择6号,所以,有5*4*3/6=10种.总数是10取4,不带顺序,10*9*8*7/4*3*2=210种.10/210=1/21

答案是B49*2+1=99

根据系统抽样的定义可得，样本中产品的编号成等差数列，公差为16，再根据编号为28的产品在样本中，可得样本中产品的编号为：12，28，44，60，76，故该样本中产品的最大编号为76，故答案为：76．

publicclassListTest{publicvoidoutList(int[]a,intm,intn){intflag1=0;//计数用判断加到m时处理出队intflag2=0;//计数当为n

（1）第二次取球后才“停止取球”，说明第一次取出的是偶数，第二次取出的为奇数，故第二次取球后才“停止取球”的概率为24×34=38．（2）若第一次取出的球的编号为2，则第二次取出的球的编号为3，此时停

根据题意，从10个球中任取3个球，有C103=120种取法，若取出的3个球编号之和为奇数，有2种情况，①，取出的3个球编号均为奇数，有C53=10种取法，②，取出的3个球编号为1个奇数，2个偶数，有C

根据题意，将这11个数分为奇数与偶数两个组，偶数有5个数，奇数有6个数．若取出的5个数的和为奇数，则取出的5个数必有1个奇数、或3个奇数、或5个奇数．若有1个奇数时，有C61•C54=30种取法，若有

第一题因为编号是相连的,所以必定比前面的大,则第一个数字为4,2和3的位置无法确定,故可能是423或432,第二题如果青蛙能跳上去则要十次（300/30=10),但一般来说青蛙是根本无法跳出去的!再问

问题1：你可以无视那4封信（或者说三封信）,就是说,一封信可以投入到4个信箱,它三次都被投入到1号信箱的概率,投入的概率是1/3的三次方问题2：感觉还是可以无视那些信,因为信是一次次投的,之间没影响,

由题意知元素的限制条件比较多，要分类解决，当选出的三个球是1、2、3或1、3、4时，以前一组为例，1号球在2号盒子里，2号和3号只有一种方法，1号球在3号盒子里，2号和3号各有两种结果，选1、2、3时

即8灯关3,余5灯亮,5灯之间6个空,插入3盏不亮灯：C36

只需取1或3或5个奇数球,（i）若取1个奇数球,那剩下的5个为偶数,有5种取法,即取2、4、6、8、10号另加一个奇数.（ii）若取5个奇数球,仍是5种取法,即2、4、6、8、10号任取一个,另加5个